Tích phân hàm ẩn là dạng toán tính tích phân trong đó hàm số cần tính tích phân không được cho dưới dạng tường minh bằng công thức, mà thông qua một số tính chất của hàm số đó, đây là dạng tích phân khó (vận dụng cao), ít được đề cập trong sách giáo khoa Giải tích 12, nhưng lại xuất hiện tương đối nhiều trong các đề thi trắc nghiệm hiện nay, chính vì vậy đã gây ra những khó khăn cho học sinh trong việc tiếp cận và giải quyết dạng toán này. Thông qua bài viết, TOANPDF.com giới thiệu đến đọc giả một số phương pháp giải bài toán tích phân hàm ẩn.Bài viết đề cập đến bốn phương pháp tính tích phân hàm ẩn thường được sử dụng:
+ Phương pháp 1. Biến đổi đưa về nguyên hàm cơ bản.
+ Phương pháp 2. Phương pháp đổi biến số.
+ Phương pháp 3. Phương pháp tính tích phân từng phần.
+ Phương pháp 4. Tạo bình phương cho hàm số dưới dấu tích phân.Sau đây chúng ta sẽ lần lượt tìm hiểu kỹ thuật sử dụng của từng phương pháp kể trên.PHƯƠNG PHÁP 1. BIẾN ĐỔI ĐƯA VỀ NGUYÊN HÀM CƠ BẢN.
a. Kiến thức sử dụng
+ Nếu $F'(x) = f(x)$ với mọi $x in K$ thì $F(x) = int f (x)dx.$
+ Các công thức về đạo hàm cần ghi nhớ:
$u’v + uv’ = (uv)’.$
$frac{{u’v – uv’}}{{{v^2}}} = left( {frac{u}{v}} right)’.$
$frac{{u’}}{{2sqrt u }} = left( {sqrt u } right)’.$
$n{u^{n – 1}}u’ = left( {{u^n}} right)’.$
$ – frac{{u’}}{{{u^2}}} = left( {frac{1}{u}} right)’.$
b. Ví dụ áp dụng
Ví dụ 1. Cho hàm số $f(x) ne 0$ liên tục trên đoạn $[1;2]$ và thỏa mãn $f(1) = frac{1}{3}$, ${x^2}.f'(x) = left( {1 – 2{x^2}} right).{f^2}(x)$ với mọi $x in [1;2].$ Tính tích phân $I = int_1^2 f (x)dx.$Nhận xét: Từ giả thiết ta có $frac{{f'(x)}}{{{f^2}(x)}} = frac{{1 – 2{x^2}}}{{{x^2}}}$, biểu thức vế trái có dạng $frac{{u’}}{{{u^2}}} = left( { – frac{1}{u}} right)’.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có ${x^2}.f'(x) = left( {1 – 2{x^2}} right).{f^2}(x)$ $ Leftrightarrow frac{{f'(x)}}{{{f^2}(x)}} = frac{{1 – 2{x^2}}}{{{x^2}}}$ $ Leftrightarrow left( { – frac{1}{{f(x)}}} right)’ = frac{1}{{{x^2}}} – 2.$
$ Rightarrow – frac{1}{{f(x)}} = int {left( {frac{1}{{{x^2}}} – 2} right)} dx$ $ Leftrightarrow – frac{1}{{f(x)}} = – frac{1}{x} – 2x + c.$
Do $f(1) = frac{1}{3}$ $ Rightarrow c = 0.$
Nên ta có: $frac{1}{{f(x)}} = frac{{2{x^2} + 1}}{x}$ $ Leftrightarrow f(x) = frac{x}{{2{x^2} + 1}}.$
Khi đó $I = int_1^2 f (x)dx$ $ = int_1^2 {frac{x}{{1 + 2{x^2}}}} dx$ $ = frac{1}{4}int_1^2 {frac{{dleft( {1 + 2{x^2}} right)}}{{1 + 2{x^2}}}} $ $ = left. {frac{1}{4}ln left| {1 + 2{x^2}} right|} right|_1^2$ $ = frac{1}{4}(2ln 3 – ln 3)$ $ = frac{1}{4}ln 3.$Ví dụ 2. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, không âm trên $R$ và thỏa mãn $f(x).f'(x) – 2x.sqrt {{f^2}(x) + 1} = 0$ với mọi $x in R$ và $f(0)=0.$ Tính tích phân $I = int_0^1 f (x)dx.$Nhận xét: Từ giả thiết ta có $frac{{f(x).f'(x)}}{{sqrt {{f^2}(x) + 1} }} = 2x$, biểu thức vế trái có dạng $frac{{uu’}}{{sqrt {{u^2} + 1} }} = left( {sqrt {{u^2} + 1} } right)’.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $f(x).f'(x) – 2x.sqrt {{f^2}(x) + 1} = 0$ $ Leftrightarrow frac{{f(x).f'(x)}}{{sqrt {{f^2}(x) + 1} }} = 2x$ $ Leftrightarrow left( {sqrt {{f^2}(x) + 1} } right)’ = 2x.$
$ Rightarrow sqrt {{f^2}(x) + 1} $ $ = int 2 xdx$ $ Leftrightarrow sqrt {{f^2}(x) + 1} = {x^2} + c.$
Do $f(0) = 0$ $ Rightarrow c = 1$ nên ta có:
$sqrt {{f^2}(x) + 1} = {x^2} + 1$ $ Leftrightarrow {f^2}(x) + 1 = {left( {{x^2} + 1} right)^2}$ $ Leftrightarrow {f^2}(x) = {x^2}left( {{x^2} + 2} right)$ $ Leftrightarrow f(x) = |x|sqrt {{x^2} + 2} $ (vì $f(x)$ không âm trên $R$).
Khi đó $I = int_0^1 f (x)dx$ $ = int_0^1 | x|sqrt {{x^2} + 2} dx$ $ = int_0^1 x sqrt {{x^2} + 2} dx$ $ = frac{1}{2}int_0^1 {sqrt {{x^2} + 2} } dleft( {{x^2} + 2} right)$ $ = left. {frac{1}{2}.frac{2}{3}left[ {left( {{x^2} + 2} right)sqrt {{x^2} + 2} } right]} right|_0^1$ $ = frac{1}{3}(3sqrt 3 – 2sqrt 2 ).$Ví dụ 3. Cho hàm số $f(x)$ đồng biến, có đạo hàm trên đoạn $[1;4]$ và thoả mãn $x + 2x.f(x) = {left[ {f'(x)} right]^2}$ với mọi $x in [1;4].$ Biết $f(1) = frac{3}{2}$, tính $I = int_1^4 f (x)dx.$Lời giải: Do $f(x)$ đồng biến trên đoạn $[1;4]$ $ Rightarrow f'(x) ge 0$, $forall x in [1;4].$
Ta có $x + 2x.f(x) = {left[ {f'(x)} right]^2}$ $ Leftrightarrow x(1 + 2.f(x)) = {left[ {f'(x)} right]^2}$, do $x in [1;4]$ và $f'(x) ge 0$, $forall x in [1;4].$
$ Rightarrow f(x) > frac{{ – 1}}{2}$ và $f'(x) = sqrt x .sqrt {1 + 2f(x)} $ $ Leftrightarrow frac{{f'(x)}}{{sqrt {1 + 2f(x)} }} = sqrt x $ $ Leftrightarrow left( {sqrt {1 + 2f(x)} } right)’ = sqrt x .$
$ Rightarrow sqrt {1 + 2f(x)} = int {sqrt x } dx$ $ Leftrightarrow sqrt {1 + 2f(x)} = frac{2}{3}xsqrt x + c.$
Vì $f(1) = frac{3}{2}$ $ Rightarrow sqrt {1 + 2.frac{3}{2}} = frac{2}{3} + c$ $ Leftrightarrow c = frac{4}{3}.$
$ Rightarrow sqrt {1 + 2f(x)} = frac{2}{3}xsqrt x + frac{4}{3}$ $ Leftrightarrow 1 + 2f(x) = {left( {frac{2}{3}xsqrt x + frac{4}{3}} right)^2}$ $ Leftrightarrow f(x) = frac{2}{9}{x^3} + frac{8}{9}{x^{frac{3}{2}}} + frac{7}{{18}}.$
Khi đó $I = int_1^4 f (x)dx$ $ = int_1^4 {left( {frac{2}{9}{x^3} + frac{8}{9}{x^{frac{3}{2}}} + frac{7}{{18}}} right)} dx$ $ = left. {left( {frac{1}{{18}}{x^4} + frac{{16}}{{45}}{x^{frac{5}{2}}} + frac{7}{{18}}x} right)} right|_1^4$ $ = frac{{1186}}{{45}}.$Ví dụ 4. Cho hàm số $f(x)$ đồng biến, có đạo hàm cấp hai trên đoạn $[0;2]$ và thỏa mãn $2{left[ {f(x)} right]^2} – f(x).f”(x) + {left[ {f'(x)} right]^2} = 0$ với mọi $x in [0;2].$ Biết $f(0) = 1$, $f(2) = {e^6}$, tính tích phân $I = int_{ – 2}^0 {(2x + 1)} .f(x)dx.$Nhận xét: Từ giả thiết ta có $frac{{f(x).f”(x) – {{left[ {f'(x)} right]}^2}}}{{{{[f(x)]}^2}}} = 2$, biểu thức vế trái có dạng $left[ {frac{{f'(x)}}{{f(x)}}} right]’$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Do $f(x)$ đồng biến trên đoạn $[0;2]$ nên ta có $f(0) le f(x) le f(2)$ $ Leftrightarrow 1 le f(x) le {e^6}.$
Ta có $2{[f(x)]^2} – f(x).f”(x) + {left[ {f'(x)} right]^2} = 0$ $ Leftrightarrow frac{{f(x).f”(x) – {{left[ {f'(x)} right]}^2}}}{{{{[f(x)]}^2}}} = 2$ $ Leftrightarrow left[ {frac{{f'(x)}}{{f(x)}}} right]’ = 2.$
$ Rightarrow frac{{f'(x)}}{{f(x)}} = int 2 dx$ $ = 2x + c$ $ Rightarrow int {frac{{f'(x)}}{{f(x)}}} dx = int {(2x + c)} dx$ $ Rightarrow ln |f(x)| = {x^2} + cx + {c_1}.$
Mà $1 le f(x) le {e^6}$ nên ta có $ln f(x) = {x^2} + cx + {c_1}.$
Do $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{f(0) = 1}\
{f(2) = {e^6}}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{{c_1} = 0}\
{4 + 2c + {c_1} = 6}
end{array}} right.$ $ Leftrightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{c = 1}\
{{c_1} = 0}
end{array}} right..$
$ Rightarrow ln f(x) = {x^2} + x$ $ Leftrightarrow f(x) = {e^{{x^2} + x}}.$
Khi đó $I = int_{ – 2}^0 {(2x + 1)} .f(x)dx$ $ = int_{ – 2}^0 {(2x + 1)} .{e^{{x^2} + x}}dx$ $ = int_{ – 2}^0 {{e^{{x^2} + x}}} dleft( {{e^{{x^2} + x}}} right)$ $ = left. {{e^{{x^2} + x}}} right|_{ – 2}^0$ $ = 1 – {e^2}.$Ví dụ 5. Cho $f(x)$ có đạo hàm trên $R$ và thỏa mãn $3f'(x).{e^{{f^3}(x) – {x^2} – 1}} – frac{{2x}}{{{f^2}(x)}} = 0$ với mọi $x in R.$ Biết $f(0) = 1$, tính tích phân $I = int_0^{sqrt 7 } x .f(x)dx.$Lời giải: Ta có $3f'(x).{e^{{f^3}(x) – {x^2} – 1}} – frac{{2x}}{{{f^2}(x)}} = 0$ $ Leftrightarrow 3f'(x).{f^2}(x).{e^{{f^3}(x)}} = 2x.{e^{{x^2} + 1}}$ $ Leftrightarrow left[ {{e^{{f^3}(x)}}} right]’ = 2x.{e^{{x^2} + 1}}.$
$ Rightarrow {e^{{f^3}(x)}} = int 2 x{e^{{x^2} + 1}}dx$ $ = int {{e^{{x^2} + 1}}} dleft( {{x^2} + 1} right)$ $ = {e^{{x^2} + 1}} + c.$
Do $f(0) = 1$ $ Leftrightarrow e = e + c$ $ Leftrightarrow c = 0$ $ Rightarrow {e^{{f^3}(x)}} = {e^{{x^2} + 1}}$ $ Leftrightarrow {f^3}(x) = {x^2} + 1$ $ Leftrightarrow f(x) = sqrt[3]{{{x^2} + 1}}.$
Khi đó $I = int_0^{sqrt 7 } x .f(x)dx$ $ = int_0^{sqrt 7 } x .sqrt[3]{{{x^2} + 1}}dx$ $ = frac{1}{2}int_0^{sqrt 7 } {sqrt[3]{{{x^2} + 1}}} dleft( {{x^2} + 1} right)$ $ = left. {frac{3}{8}left[ {left( {{x^2} + 1} right)sqrt[3]{{{x^2} + 1}}} right]} right|_0^{sqrt 7 }$ $ = frac{{45}}{8}.$Ví dụ 6. Cho $f(x)$ có đạo hàm trên $[0;1]$ thỏa mãn $f(x) + (x + 1).f'(x) = 1$ với mọi $x in [0;1].$ Biết $f(5) = frac{7}{6}$, tính tích phân $I = int_0^1 f (x)dx.$Nhận xét: Từ giả thiết ta có $(x + 1)’f(x) + (x + 1)f'(x) = 1$, vế trái là biểu thức có dạng $u’.v + u.v’ = (uv)’$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $f(x) + (x + 1).f'(x) = 1$ $ Leftrightarrow (x + 1)’f(x) + (x + 1)f'(x) = 1$ $ Leftrightarrow [(x + 1)f(x)]’ = 1.$
$ Rightarrow (x + 1)f(x) = int d x$ $ Leftrightarrow (x + 1)f(x) = x + c.$
Vì $f(5) = frac{7}{6}$ $ Leftrightarrow 6.frac{7}{6} = 5 + c$ $ Leftrightarrow c = 2.$
$ Rightarrow (x + 1)f(x) = x + 2$ $ Leftrightarrow f(x) = frac{{x + 2}}{{x + 1}}.$
Khi đó $I = int_0^1 f (x)dx$ $ = int_0^1 {frac{{x + 2}}{{x + 1}}} dx$ $ = int_0^1 {left( {1 + frac{1}{{x + 1}}} right)} dx$ $ = left. {(x + ln |x + 1|)} right|_0^1$ $ = 1 + ln 2.$Nhận xét: Với $u(x)$ là biểu thức cho trước thì ta có $[u(x).f(x)]’ = u'(x).f(x) + u(x).f'(x).$ Đặt $v(x) = u'(x)$ ta được $[u(x).f(x)]’ = v(x).f(x) + u(x).f'(x)$ $(*).$ Như vậy nếu biểu thức có dạng $v(x).f(x) + u(x).f'(x)$ ta có thể biến đổi đưa về dạng $[u(x).f(x)]’.$ Khi đó ta có bài toán tổng quát cho ví dụ 6 như sau:Cho $A(x)$, $B(x)$, $g(x)$ là các biểu thức đã biết. Tìm hàm số $f(x)$ thỏa mãn: $A(x)f(x) + B(x)f'(x) = g(x)$ $(**).$Do vế trái có dạng $(*)$ nên ta có thể biến đổi $(**)$ $[u(x).f(x)]’ = g(x).$
Trong đó $u(x)$ được chọn sao cho: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u'(x) = A(x)}\
{u(x) = B(x)}
end{array}} right.$ $ Rightarrow frac{{u'(x)}}{{u(x)}} = frac{{A(x)}}{{B(x)}}$ $ Rightarrow int {frac{{u'(x)}}{{u(x)}}} dx$ $ = int {frac{{A(x)}}{{B(x)}}} dx.$
Suy ra $ln |u(x)| = G(x) + c$ với $G(x)$ là một nguyên hàm của $frac{{A(x)}}{{B(x)}}$, từ đây ta sẽ chọn được biểu thức $u(x).$Ví dụ 7. Cho $f(x)$ có đạo hàm trên $[0;1]$ thỏa mãn $f(1) = frac{1}{{2018}}$ và $2018f(x) + xf'(x) = 2{x^{2018}}$ với mọi $x in [0;1].$ Tính tích phân $I = int_0^1 f (x)dx.$Nhận xét: Trước hết ta đi tìm biểu thức $u(x).$ Ta có:
$ Rightarrow ln |u(x)| = int {frac{{2018}}{x}} dx$ $ Rightarrow ln |u(x)| = 2018ln |x| + c$ $ Leftrightarrow ln |u(x)| = ln {x^{2018}} + c$ nên ta chọn $u(x) = {x^{2018}}$, khi đó ta có lời giải như sau:Lời giải: Ta có $left[ {{x^{2018}}.f(x)} right]’$ $ = 2018{x^{2017}}f(x) + {x^{2018}}f'(x)$ $ = {x^{2017}}left[ {2018f(x) + xf'(x)} right]$ $ = {x^{2017}}.left[ {2{x^{2018}}} right]$ $ = 2{x^{4035}}.$
Khi đó ${x^{2018}}f(x) = int 2 {x^{4035}}dx$ $ Leftrightarrow {x^{2018}}f(x) = frac{{{x^{4036}}}}{{2018}} + c.$
Do $f(1) = frac{1}{{2018}}$ $ Leftrightarrow frac{1}{{2018}} = frac{1}{{2018}} + c.$
$ Leftrightarrow c = 0$ $ Rightarrow {x^{2018}}f(x) = frac{{{x^{4036}}}}{{2018}}$ $ Rightarrow f(x) = frac{{{x^{2018}}}}{{2018}}.$
Khi đó $I = int_0^1 f (x)dx$ $ = int_0^1 {frac{{{x^{2018}}}}{{2018}}} dx$ $ = left. {left( {frac{{{x^{2019}}}}{{2019.2018}}} right)} right|_0^1$ $ = frac{1}{{2018.2019}}.$Ví dụ 8. Cho $f(x)$ có đạo hàm trên $[1;2]$ thỏa mãn $(x + 1)f(x) + xf'(x) = 2{e^x}$ với mọi $x in [1;2].$ Biết $f(1) = e$, tính tích phân $I = int_1^2 x f(x)dx.$Nhận xét: Trước hết ta đi tìm biểu thức $u(x).$ Ta có:
$ln |u(x)| = int {frac{{x + 1}}{x}} dx$ $ Rightarrow ln |u(x)| = x + ln |x| + c$ $ Leftrightarrow ln |u(x)| = ln {e^x} + ln |x| + c$ $ Leftrightarrow ln |u(x)| = ln left| {x{e^x}} right| + c$ nên ta chọn $u(x) = x{e^x}$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $left[ {x{e^x}f(x)} right]’$ $ = left( {x{e^x}} right)’f(x) + x{e^x}f'(x)$ $ = left( {{e^x} + x{e^x}} right)f(x) + x{e^x}f'(x).$
$ = {e^x}left[ {(x + 1)f(x) + xf'(x)} right]$ $ Rightarrow left[ {x{e^x}f(x)} right]’ = {e^x}left[ {2{e^x}} right]$ $ Rightarrow x{e^x}f(x) = int 2 {e^{2x}}dx$ $ Leftrightarrow x{e^x}f(x) = {e^{2x}} + c.$
Do $f(1) = e$ $ Leftrightarrow e.e = {e^2} + c$ $ Leftrightarrow c = 0$ $ Rightarrow x{e^x}f(x) = {e^{2x}}$ $ Leftrightarrow f(x) = frac{{{e^x}}}{x}.$
Khi đó $I = int_1^2 x f(x)dx$ $ = int_1^2 {{e^x}} dx = left. {{e^x}} right|_1^2$ $ = {e^2} – e.$Ví dụ 9. Cho $f(x)$ liên tục và có đạo hàm trên $Rbackslash { – 1;0} $ thỏa mãn $x(x + 1)f'(x) + f(x) = {x^2} + x$ với mọi $x in Rbackslash { – 1;0} $ và $f(1) = – 2ln 2.$ Tính tích phân $int_1^2 x f(x)dx.$Nhận xét: Trước hết ta đi tìm biểu thức $u(x).$ Ta có:
$ln |u(x)| = int {frac{1}{{x(x + 1)}}} dx$ $ Rightarrow ln |u(x)| = int {left( {frac{1}{x} – frac{1}{{x + 1}}} right)} dx$ $ Leftrightarrow ln |u(x)| = left| {frac{x}{{x + 1}}} right| + c$ nên ta chọn $u(x) = frac{x}{{x + 1}}$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $left[ {frac{x}{{x + 1}}.f(x)} right]’$ $ = frac{1}{{{{(x + 1)}^2}}}f(x) + frac{x}{{x + 1}}f'(x)$ $ = frac{1}{{{{(x + 1)}^2}}}.left[ {f(x) + x(x + 1)f'(x)} right].$
$ Rightarrow left[ {frac{x}{{x + 1}}.f(x)} right]’ = frac{1}{{{{(x + 1)}^2}}}.left[ {{x^2} + x} right]$ $ Leftrightarrow left[ {frac{x}{{x + 1}}.f(x)} right]’ = frac{x}{{x + 1}}$ $ Rightarrow frac{x}{{x + 1}}.f(x) = int {frac{x}{{x + 1}}} dx.$
$ Rightarrow frac{x}{{x + 1}}.f(x)$ $ = int {left( {1 – frac{1}{{x + 1}}} right)} dx$ $ Rightarrow frac{x}{{x + 1}}.f(x)$ $ = x – ln |x + 1| + c.$
Do $f(1) = – 2ln 2$ $ Leftrightarrow frac{1}{2}( – 2ln 2) = 1 – ln 2 + c$ $ Leftrightarrow c = – 1.$
$ Rightarrow frac{x}{{x + 1}}.f(x) = x – ln |x + 1| – 1$ $ Leftrightarrow f(x) = frac{{{x^2} – 1 – (x + 1)ln |x + 1|}}{x}.$
Khi đó: $I = int_1^2 x f(x)dx$ $ = int_1^2 {left( {{x^2} – 1 – (x + 1)ln (x + 1)} right)} dx$ $ = left. {left( {frac{{{x^3}}}{3} – x} right)} right|_1^2$ $ – int_1^2 {(x + 1)} ln (x + 1)dx$ $ = frac{4}{3} – {I_1}.$
Với ${I_1} = int_1^2 {(x + 1)} ln (x + 1)dx.$
Đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = ln (x + 1)}\
{dv = (x + 1)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = frac{1}{{x + 1}}dx}\
{v = frac{{{x^2}}}{2} + x + frac{1}{2} = frac{1}{2}{{(x + 1)}^2}}
end{array}} right..$
$ Rightarrow {I_1} = left. {left[ {frac{1}{2}{{(x + 1)}^2}ln (x + 1)} right]} right|_1^2$ $ – frac{1}{2}int_1^2 {(x + 1)} dx$ $ Rightarrow {I_1} = frac{9}{2}ln 3 – 2ln 2 – left. {frac{1}{2}left( {frac{{{x^2}}}{2} + x} right)} right|_1^2$ $ = frac{9}{2}ln 3 – 2ln 2 – frac{5}{4}.$
Khi đó $I = frac{4}{3} – {I_1}$ $ = frac{4}{3} – left( {frac{9}{2}ln 3 – 2ln 2 – frac{5}{4}} right)$ $ = frac{{31}}{{12}} – frac{9}{2}ln 3 + 2ln 2.$PHƯƠNG PHÁP 2. PHƯƠNG PHÁP ĐỔI BIẾN SỐ.
a. Kiến thức sử dụng
Công thức: $int_a^b f [u(x)]u'(x)dx$ $ = int_{u(a)}^{u(b)} f (u)du.$
Chú ý: Đối với biến số lấy tích phân, ta có thể chọn bất kì một chữ số thay cho $x.$ Như vậy tích phân không phụ thuộc vào biến, tức là $int_a^b f (x)dx$ $ = int_a^b f (u)du$ $ = int_a^b f (t)dt$ $ = ldots .$b. Ví dụ áp dụng
Ví dụ 1. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên $R$ và thỏa mãn $2018f(x) + f( – x) = {e^x}$ với mọi $x in R.$ Tính tích phân $I = int_{ – 1}^1 f (x)dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa $f(x)$ và $f(-x)$ nên ta biến đổi tạo ra hai biểu thức này bằng cách đặt $x = − t$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Đặt $x = – t$ $ Rightarrow dx = – dt$, đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = – 1 Rightarrow t = 1}\
{x = 1 Rightarrow t = – 1}
end{array}} right..$
Khi đó $I = – int_1^{ – 1} f ( – t)dt$ $ = int_{ – 1}^1 f ( – t)dt$ $ Rightarrow I = int_{ – 1}^1 f ( – x)dx.$
Vì $2018I + I$ $ = 2018int_{ – 1}^1 f (x)dx + int_{ – 1}^1 f ( – x)dx.$
Nên $2019I = int_{ – 1}^1 {left[ {2018f(x) + f( – x)} right]} dx$ $ Leftrightarrow 2019I = int_{ – 1}^1 {{e^x}} dx$ $ = left. {{e^x}} right|_{ – 1}^1 = e – frac{1}{e}$ $ Leftrightarrow I = frac{{{e^2} – 1}}{{2019e}}.$Ví dụ 2. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên đoạn $left[ {frac{2}{3};1} right]$ và thỏa mãn $2f(x) + 3fleft( {frac{2}{{3x}}} right) = 5x$ với mọi $x in left[ {frac{2}{3};1} right].$ Tính tích phân $I = int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{f(x)}}{x}} dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa $f(x)$ và $fleft( {frac{2}{{3x}}} right)$ nên ta biến đổi tạo ra hai biểu thức này bằng cách đặt $x = frac{2}{{3t}}$, từ đó ta có lời giải.Lời giải:
Đặt $x = frac{2}{{3t}}$ $ Rightarrow dx = – frac{2}{{3{t^2}}}dt$, đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = frac{2}{3} Rightarrow t = 1}\
{x = 1 Rightarrow t = frac{2}{3}}
end{array}} right..$
Khi đó $I = – frac{2}{3}int_1^{frac{2}{3}} {frac{{fleft( {frac{2}{{3t}}} right).frac{1}{{{t^2}}}}}{{frac{2}{{3t}}}}} dt.$
$ = int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{fleft( {frac{2}{{3t}}} right)}}{t}} dt$ $ = int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{fleft( {frac{2}{{3x}}} right)}}{x}} dx.$
Ta có: $2I + 3I$ $ = 2int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{f(x)}}{x}} dx$ $ + 3int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{fleft( {frac{2}{{3x}}} right)}}{x}} dx.$
$ Leftrightarrow 5I = int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{2f(x) + 3fleft( {frac{2}{{3x}}} right)}}{x}} dx$ $ = int_{frac{2}{3}}^1 {frac{{5x}}{x}} dx$ $ = int_{frac{2}{3}}^1 5 dx = frac{5}{3}$ $ Leftrightarrow I = frac{1}{3}.$Ví dụ 3. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên đoạn $[0;2]$ và thỏa mãn $3f(x) – 4f(2 – x)$ $ = – {x^2} – 12x + 16$ với mọi $x in [0;2].$ Tính tích phân $I = int_0^2 f (x)dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa $f(x)$ và $f(2 − x)$ nên ta biến đổi tạo ra hai biểu thức này bằng cách đặt $x = 2 − t$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Đặt $x = 2 – t$ $ Rightarrow dx = – dt$, đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = 0 Rightarrow t = 2}\
{x = 2 Rightarrow t = 0}
end{array}} right..$
Khi đó $I = – int_2^0 f (2 – t)dt$ $ = int_0^2 f (2 – t)dt$ $ Rightarrow I = int_0^2 f (2 – x)dx.$
Ta có $3I – 4I$ $ = 3int_0^2 f (x)dx – 4int_0^2 f (2 – x)dx$ $ = int_0^2 {[3{rm{ }}f(x) – 4{rm{ }}f(2 – x)]dx} $ $ Leftrightarrow – I = int_0^2 {left( { – {x^2} – 12x + 16} right)} dx.$
$ Leftrightarrow – I = int_0^2 {left( { – {x^2} – 12x + 16} right)} dx$ $ = left. {left( {frac{{ – {x^3}}}{3} – 6{x^2} + 16x} right)} right|_0^2 = frac{{16}}{3}$ $ Leftrightarrow I = – frac{{16}}{3}.$ Ví dụ 4. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên $R$ và thỏa mãn $f(x) = 4xfleft( {{x^2}} right) + 2x + 1$ với mọi $x in R.$ Tính tích phân $I = int_0^1 f (x)dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa $f(x)$ và $fleft( {{x^2}} right)$ nên ta biến đổi tạo ra hai biểu thức này bằng cách đặt $x = {t^2}$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Đặt $x = {t^2}$ $ Rightarrow dx = 2tdt$, đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = 0 Rightarrow t = 0}\
{x = 1 Rightarrow t = 1}
end{array}} right..$
Khi đó $I = int_0^1 f left( {{t^2}} right)2tdt$ $ Rightarrow I = 2int_0^1 x fleft( {{x^2}} right)dx.$
Ta có $I – 2I$ $ = int_0^1 f (x)dx – 4int_0^1 x fleft( {{x^2}} right)dx.$
$ = int_0^1 {left[ {f(x) – 4xfleft( {{x^2}} right)} right]} dx$ $ = int_0^1 {(2x + 1)} dx$ $ = left. {left( {{x^2} + x} right)} right|_0^1 = 2$ $ Leftrightarrow – I = 2$ $ Leftrightarrow I = – 2.$Nhận xét: Từ các ví dụ trên ta thấy nếu giả thiết cho mối liên hệ giữa $f(x)$ và $f(u(x))$ thì ta đặt $x = u(t).$Ví dụ 5. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên $R$ và thỏa mãn $fleft( {{x^3} + 2x – 2} right) = 3x – 1$ với mọi $x in R.$ Tính tích phân $I = int_1^{10} f (x)dx.$Lời giải: Đặt $x = {t^3} + 2t – 2$ $ Rightarrow dx = left( {3{t^2} + 2t} right)dt$, đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = 1 Rightarrow {t^3} + 2t = 3 Leftrightarrow t = 1}\
{x = 10 Rightarrow {t^3} + 2t = 12 Leftrightarrow t = 2}
end{array}} right..$
Ta có $I = int_1^2 f left( {{t^3} + 2t – 2} right)left( {3{t^2} + 2t} right)dt$ $ = int_1^2 {(3t – 1)} left( {3{t^2} + 2t} right)dt$ $ = int_1^2 {left( {9{t^3} + 3{t^2} – 2t} right)} dt.$
$ = left. {left( {frac{{9{t^4}}}{4} + {t^3} – {t^2}} right)} right|_1^2$ $ = frac{{151}}{4}.$Ví dụ 6. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên đoạn $[−1;5]$ và thỏa mãn ${[f(x)]^{2019}} + f(x) + 2 = x$ với mọi $x in [ – 1;5].$ Tính tích phân $I = int_0^4 f (x)dx.$Lời giải: Đặt $t = f(x)$ $ Rightarrow {t^{2019}} + t + 2 = x$ $ Rightarrow dx = left( {2019{t^{2018}} + 1} right)dt.$
Đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{x = 0 Rightarrow {t^{2019}} + t + 2 = 0 Leftrightarrow t = – 1}\
{x = 4 Rightarrow {t^{2019}} + t + 2 = 4 Leftrightarrow t = 1}
end{array}} right..$
Ta có $I = int_{ – 1}^1 t left( {2019{t^{2018}} + 1} right)dt$ $ = int_{ – 1}^1 {left( {2019{t^{2019}} + t} right)} dt$ $ = left. {left( {frac{{2019}}{{2020}}{t^{2020}} + frac{1}{2}{t^2}} right)} right|_{ – 1}^1 = 0.$Ví dụ 7. Biết mỗi số thực $t ≥ 0$ phương trình $4{x^3} + tx – 4 = 0$ có nghiệm dương duy nhất $x = x(t)$, với $x(t)$ là hàm số liên tục theo $t$ trên $[0; + infty ).$ Tính tích phân $I = int_0^7 {{{[x(t)]}^2}} dt.$Lời giải: Đặt $t = frac{{4 – 4{x^3}}}{x}$ $ Rightarrow dt = – frac{{8{x^3} + 4}}{{{x^2}}}dx.$
Đổi cận: $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{t = 0 Rightarrow 4{x^3} – 4 = 0 Leftrightarrow x = 1}\
{t = 7 Rightarrow 4{x^3} + 7x – 4 = 0 Leftrightarrow x = frac{1}{2}}
end{array}} right..$
Ta có $I = – int_1^{frac{1}{2}} {{x^2}} .frac{{8{x^3} + 4}}{{{x^2}}}dx$ $ = int_{frac{1}{2}}^1 {left( {8{x^3} + 4} right)} dx$ $ = left. {left( {2{x^4} + 4x} right)} right|_{frac{1}{2}}^1$ $ = frac{{31}}{8}.$PHƯƠNG PHÁP 3. PHƯƠNG PHÁP TÍNH TÍCH PHÂN TỪNG PHẦN.
a. Kiến thức sử dụng
Công thức $int_a^b u (x)v'(x)dx$ $ = left. {(u(x)v(x))} right|_a^b$ $ – int_a^b v (x)u'(x)dx$ (trong đó $u$, $v$ có đạo hàm liên tục trên $K$ và $a$, $b$ là hai số thuộc $K$).
b. Ví dụ áp dụng
Ví dụ 1. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên $R$ thỏa mãn $f(sqrt 3 ) = sqrt 3 $ và $int_0^{sqrt 3 } {frac{{f(x)dx}}{{sqrt {1 + {x^2}} }}} = 1.$ Tính tích phân $I = int_0^{sqrt 3 } {f’} (x)ln (x + sqrt {1 + {x^2}} )dx.$Lời giải: Đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = ln left( {x + sqrt {1 + {x^2}} } right)}\
{dv = f'(x)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = frac{1}{{sqrt {1 + {x^2}} }}dx}\
{v = f(x)}
end{array}} right..$
Khi đó $I = left. {f(x)ln left( {x + sqrt {1 + {x^2}} } right)} right|_0^{sqrt 3 }$ $ – int_0^{sqrt 3 } {frac{{f(x)dx}}{{sqrt {1 + {x^2}} }}} $ $ = sqrt 3 ln (2 + sqrt 3 ) – 1.$Ví dụ 2. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên $R$ thỏa mãn $2f(3) – f(0) = 18$ và $int_0^3 {left( {f'(x) + 1} right)} sqrt {x + 1} dx$ $ = frac{{302}}{{15}}.$ Tính tích phân $I = int_0^3 {frac{{f(x)}}{{sqrt {x + 1} }}} dx.$Lời giải: Đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = sqrt {x + 1} }\
{dv = left( {f'(x) + 1} right)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = frac{1}{{2sqrt {x + 1} }}dx}\
{v = f(x) + x + 1}
end{array}} right..$
Khi đó $frac{{302}}{{15}} = left. {left[ {(f(x) + x + 1)sqrt {x + 1} } right]} right|_0^3$ $ – int_0^3 {left[ {frac{{f(x)}}{{2sqrt {x + 1} }} + frac{{sqrt {x + 1} }}{2}} right]} dx.$
$ = 2f(3) – f(0)$ $ + 7 – frac{I}{2} – frac{1}{2}int_0^3 {sqrt {x + 1} } dx$ $ Leftrightarrow frac{{302}}{{15}} = 25 – frac{I}{2} – frac{{14}}{6}$ $ Rightarrow I = frac{{76}}{{15}}.$Ví dụ 3. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $[1;3]$ thỏa mãn $f(3) = f(1) = 3$ và $int_1^3 {frac{{xf'(x)}}{{x + 1}}} dx = 0.$ Tính tích phân $I = int_1^3 {frac{{f(x) + ln x}}{{{{(x + 1)}^2}}}} dx.$Lời giải: Xét $I = int_1^3 {frac{{f(x) + ln x}}{{{{(x + 1)}^2}}}} dx$, đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x) + ln x}\
{dv = frac{1}{{{{(x + 1)}^2}}}dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = left( {f'(x) + frac{1}{x}} right)dx}\
{v = – frac{1}{{x + 1}} + 1 = frac{x}{{x + 1}}}
end{array}} right..$
Khi đó $I = left. {left[ {frac{x}{{x + 1}}(f(x) + ln x)} right]} right|_1^3$ $ – int_1^3 {left[ {frac{{xf'(x)}}{{x + 1}} + frac{1}{{x + 1}}} right]} dx.$
${ = frac{3}{4}(f(3) + ln 3)}$ ${ – frac{1}{2}f(1)}$ $ – left[ {0 + left. {ln |x + 1|} right|_1^3} right]$ $ = frac{3}{4} + frac{3}{4}ln 3 – ln 2.$Ví dụ 4. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $[0;1]$ thỏa mãn $f(1) = frac{1}{2}$ và $int_0^1 {left( {f'(x) + x} right)} ln left( {1 + {x^2}} right)dx$ $ = 2ln 2 – 1.$ Tính tích phân $I = int_0^1 {frac{{xf(x)}}{{1 + {x^2}}}} dx.$Lời giải: Xét $int_0^1 {left( {f'(x) + x} right)} ln left( {1 + {x^2}} right)dx$ $ = 2ln 2 – 1$, đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = ln left( {1 + {x^2}} right)}\
{dv = left( {f'(x) + x} right)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = frac{{2x}}{{1 + {x^2}}}dx}\
{v = f(x) + frac{{{x^2}}}{2} + frac{1}{2}}
end{array}} right..$
Khi đó $2ln 2 – 1$ $ = left. {left[ {left( {f(x) + frac{{{x^2} + 1}}{2}} right)ln left( {1 + {x^2}} right)} right]} right|_0^1$ $ – int_0^1 {left( {frac{{2xf(x)}}{{1 + {x^2}}} + x} right)} dx.$
$ = (f(1) + 1)ln 2$ $ – 2int_0^1 {frac{{xf(x)}}{{1 + {x^2}}}} dx$ $ – int_0^1 x dx$ $ Leftrightarrow 2ln 2 – 1$ $ = frac{3}{2}ln 2 – 2I – frac{1}{2}$ $ Leftrightarrow I = frac{1}{4} – frac{1}{4}ln 2.$PHƯƠNG PHÁP 4. TẠO BÌNH PHƯƠNG CHO HÀM SỐ DƯỚI DẤU TÍCH PHÂN.
a. Kiến thức sử dụng
Nếu $f(x) ge 0$ với mọi $x in [a;b]$ thì $int_a^b f (x)dx ge 0$, dấu bằng xảy ra $ Leftrightarrow f(x) = 0$, $forall x in [a;b].$
Hệ quả: $int_a^b {{f^2}} (x)dx = 0$ $ Leftrightarrow f(x) = 0$ với mọi $x in [a;b].$
b. Ví dụ áp dụng
Ví dụ 1. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $[0;1].$ Biết $int_0^1 x f(x)dx = 1$ và $int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} = 3.$ Tính tích phân $I = int_0^1 {{{[f(x)]}^{2018}}dx} .$Nhận xét: Giả thiết chứa ${[f(x)]^2}$ và $xf(x)$ nên ta tạo bình phương dạng ${[f(x) – ax]^2}.$ Ta chọn $a$ sao cho $int_0^1 {{{[f(x) – ax]}^2}dx} = 0$ $ Leftrightarrow int_0^1 {left( {{{[f(x)]}^2} – 2axf(x) + {a^2}{x^2}} right)} dx = 0$ $ Leftrightarrow int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ – 2aint_0^1 x f(x)dx$ $ + {a^2}int_0^1 {{x^2}} dx = 0$ $ Leftrightarrow 3 – 2a + frac{{{a^2}}}{3} = 0$ $ Leftrightarrow a = 3.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $int_0^1 {{{[f(x) – 3x]}^2}dx} = 0$ $ Leftrightarrow int_0^1 {left( {{{[f(x)]}^2} – 6xf(x) + 9{x^2}} right)} dx$ $ = int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ – 6int_0^1 x f(x)dx$ $ + 9int_0^1 {{x^2}} dx.$
$ Leftrightarrow 3 – 6 + 3 = 0$ $ Rightarrow f(x) = 3x.$
Khi đó $I = int_0^1 {{{[f(x)]}^{2018}}dx} $ $ = {3^{2018}}int_0^1 {{x^{2018}}} dx$ $ = frac{{{3^{2018}}}}{{2019}}.$Ví dụ 2. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $left[ {0;frac{pi }{2}} right].$ Biết $fleft( {frac{pi }{2}} right) = 0$, $int_0^{frac{pi }{2}} {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx = pi $ và $int_0^{frac{pi }{2}} {cos x.f(x)dx} = frac{pi }{2}.$ Tính tích phân $I = int_0^{frac{pi }{2}} f (x)dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa ${left[ {f'(x)} right]^2}$ và $f(x)$ nên ta chưa thể tạo bình phương, do đó trước hết ta biến đổi $int_0^{frac{pi }{2}} {cos x.f(x)dx} $ để tạo biểu thức $f'(x)$ bằng cách đặt:
$left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x)}\
{dv = cos xdx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = f'(x)dx}\
{v = sin x}
end{array}} right.$, khi đó $frac{pi }{2} = left. {(f(x)sin x)} right|_0^{frac{pi }{2}} – int_0^{frac{pi }{2}} {f'(x)sin xdx} .$
$ Rightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {f'(x)sin xdx} = – frac{pi }{2}.$
Đến đây ta được hai biểu thức ${left[ {f'(x)} right]^2}$ và $f'(x).sin x$ nên ta tạo bình phương dạng ${left[ {f'(x) – asin x} right]^2}.$
Ta chọn $a$ sao cho $int_0^{frac{pi }{2}} {{{left[ {f'(x) – asin x} right]}^2}} dx = 0$ $ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{{left[ {f'(x)} right]}^2} – 2asin x.f'(x) + {a^2}{{sin }^2}x} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ – 2aint_0^{frac{pi }{2}} {sin x.f'(x)dx} $ $ + {a^2}int_0^{frac{pi }{2}} {{{sin }^2}xdx} = 0$ $ Leftrightarrow pi + api + frac{{pi {a^2}}}{4} = 0$ $ Leftrightarrow pi {left( {frac{a}{2} + 1} right)^2} = 0$ $ Leftrightarrow a = – 2.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải: Xét $int_0^{frac{pi }{2}} {cos x.f(x)dx} = frac{pi }{2}$, đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x)}\
{dv = cos xdx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = f'(x)dx}\
{v = sin x}
end{array}} right..$
Khi đó $frac{pi }{2} = left. {(f(x)sin x)} right|_0^{frac{pi }{2}}$ $ – int_0^{frac{pi }{2}} {f'(x)sin xdx} $ $ Rightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {f'(x)sin xdx} $ $ = – frac{pi }{2}.$
Ta có: $int_0^{frac{pi }{2}} {{{left[ {f'(x) + 2sin x} right]}^2}} dx = 0$ $ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{{left[ {f'(x)} right]}^2} + 4sin x.f'(x) + 4{{sin }^2}x} right)dx} $ $ = pi – 2pi + frac{{4pi }}{4} = 0$ $ Rightarrow f'(x) = – 2sin x.$
$ Rightarrow f(x) = 2cos x + c$ mà $fleft( {frac{pi }{2}} right) = 0$ $ Rightarrow c = 0$ nên ta có $f(x) = 2cos x.$
Ta có $I = int_0^{frac{pi }{2}} f (x)dx$ $ = 2int_0^{frac{pi }{2}} {cos xdx} = 2.$Ví dụ 3. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $[−1;0 ].$ Biết $f( – 1) = – frac{7}{{10}}$, $int_{ – 1}^0 {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]}^2}} dx = frac{{169}}{{105}}$ và $int_{ – 1}^0 {(x – 1)} .f(x)dx = frac{{103}}{{420}}.$ Tính tích phân $I = int_0^1 f (x)dx.$Nhận xét: Giả thiết chứa ${left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]^2}$ và $f(x)$ nên ta chưa thể tạo bình phương, do đó trước hết ta biến đổi $int_{ – 1}^0 {(x – 1)} .f(x)dx$ để đưa về $f'(x)$ bằng cách đặt:
$left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x)}\
{dv = (x – 1)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = f'(x)dx}\
{v = frac{{{x^2}}}{2} – x}
end{array}} right.$, khi đó $frac{{103}}{{420}} = left. {left[ {left( {frac{{{x^2}}}{2} – x} right)f(x)} right]} right|_{ – 1}^0$ $ – frac{1}{2}int_{ – 1}^0 {left( {{x^2} – 2x} right)} f'(x)dx.$
$ Rightarrow int_{ – 1}^0 {left( {{x^2} – 2x} right)} f'(x)dx = frac{{169}}{{105}}.$
Đến đây ta được hai biểu thức ${left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]^2}$ và $left( {{x^2} – 2x} right)f'(x)$ nên ta tạo bình phương dạng ${left[ {frac{{f'(x)}}{x} – aleft( {{x^3} – 2{x^2}} right)} right]^2}$, ta chọn $a$ sao cho:
$int_0^1 {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x} – aleft( {{x^3} – 2{x^2}} right)} right]}^2}} dx = 0$ $ Leftrightarrow int_0^1 {left( {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]}^2} – 2aleft( {{x^3} – 2{x^2}} right).frac{{f'(x)}}{x} + {a^2}{{left( {{x^3} – 2{x^2}} right)}^2}} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^1 {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]}^2}} dx$ $ – 2aint_0^1 {left( {{x^2} – 2x} right)} .f'(x)dx$ $ + {a^2}int_0^1 {{{left( {{x^3} – 2{x^2}} right)}^2}} dx = 0.$
$ Leftrightarrow frac{{169}}{{105}} – 2a.frac{{169}}{{105}} + frac{{169}}{{105}}{a^2} = 0$ $ Leftrightarrow a = 1.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải:
Xét $int_{ – 1}^0 {(x – 1)} .f(x)dx = frac{{103}}{{420}}$, đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x)}\
{dv = (x – 1)dx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = f'(x)dx}\
{v = frac{{{x^2}}}{2} – x}
end{array}} right.$, khi đó:
$frac{{103}}{{420}} = left. {left[ {left( {frac{{{x^2}}}{2} – x} right)f(x)} right]} right|_{ – 1}^0$ $ – frac{1}{2}int_{ – 1}^0 {left( {{x^2} – 2x} right)} f'(x)dx$ $ Rightarrow int_{ – 1}^0 {left( {{x^2} – 2x} right)} f'(x)dx = frac{{169}}{{105}}.$
Ta có $int_0^1 {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x} – left( {{x^3} – 2{x^2}} right)} right]}^2}} dx = 0$ $ Leftrightarrow int_0^1 {left( {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]}^2} – 2left( {{x^3} – 2{x^2}} right).frac{{f'(x)}}{x} + {{left( {{x^3} – 2{x^2}} right)}^2}} right)} dx.$
$ = int_0^1 {{{left[ {frac{{f'(x)}}{x}} right]}^2}} dx$ $ – 2int_0^1 {left( {{x^2} – 2x} right)} .f'(x)dx$ $ + int_0^1 {{{left( {{x^3} – 2{x^2}} right)}^2}} dx$ $ = frac{{169}}{{105}} – 2.frac{{169}}{{105}} + frac{{169}}{{105}} = 0.$
$ Rightarrow frac{{f'(x)}}{x} = {x^3} – 2{x^2}$ $ Leftrightarrow f'(x) = {x^4} – 2{x^3}$ $ Rightarrow f(x) = frac{1}{5}{x^5} – frac{1}{2}{x^4} + c.$
Mà $f( – 1) = – frac{7}{{10}}$ $ Rightarrow c = 0.$
Nên $f(x) = frac{1}{5}{x^5} – frac{1}{2}{x^4}.$
Khi đó $I = int_0^1 f (x)dx$ $ = int_0^1 {left( {frac{1}{5}{x^5} – frac{1}{2}{x^4}} right)dx} $ $ = left. {left( {frac{1}{{30}}{x^6} – frac{1}{{10}}{x^5}} right)} right|_0^1$ $ = – frac{1}{{15}}.$Ví dụ 4. Cho hàm số $f(x)$ liên tục, có đạo hàm trên đoạn $[0;2].$ Biết $f(2) = 7$ và ${left[ {f'(x)} right]^2} = 21{x^4} – 12x – 12xf(x)$ với mọi $x in [0;2].$ Tính tích phân $I = int_0^2 f (x)dx.$Lời giải: Từ giả thiết ta có $int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ = int_0^2 {left[ {21{x^4} – 12x – 12xf(x)} right]dx} .$
$ Rightarrow int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ = int_0^2 {left( {21{x^4} – 12x} right)dx} $ $ – 12int_0^2 x f(x)dx$ $ Rightarrow int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ = frac{{552}}{5} – 12int_0^2 x f(x)dx$ $(*).$
Đến đây ta có hai biểu thức ${left[ {f'(x)} right]^2}$ và $f(x)$ nên ta chưa thể tạo bình phương, do đó trước hết ta biến đổi $int_0^2 x f(x)dx$ để tạo ra $f'(x)$ bằng cách đặt $left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{u = f(x)}\
{dv = xdx}
end{array}} right.$ $ Rightarrow left{ {begin{array}{*{20}{l}}
{du = f'(x)dx}\
{v = frac{{{x^2}}}{2}}
end{array}} right..$
Khi đó $int_0^2 x f(x)dx$ $ = left. {left[ {frac{{{x^2}}}{2}f(x)} right]} right|_0^2$ $ – frac{1}{2}int_0^2 {{x^2}} f'(x)dx$ $ = 14 – frac{1}{2}int_0^2 {{x^2}} f'(x)dx$, thế vào $(*)$ ta được:
$int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ = frac{{552}}{5}$ $ – 12left[ {14 – frac{1}{2}int_0^2 {{x^2}} f'(x)dx} right]$ $ Leftrightarrow int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ – 6int_0^2 {{x^2}} f'(x)dx$ $ + frac{{288}}{5}$ $ = 0$ $(**).$
Mà $int_0^2 9 {x^4}dx = frac{{288}}{5}$ nên ta có $(**)$ $ Leftrightarrow int_0^2 {{{left[ {f'(x)} right]}^2}} dx$ $ – 6int_0^2 {{x^2}} f'(x)dx$ $ + int_0^2 9 {x^4}dx = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^2 {{{left[ {f'(x) – 3{x^2}} right]}^2}} dx = 0$ $ Rightarrow f'(x) = 3{x^2}$ $ Rightarrow f(x) = {x^3} + c$ mà $f(2) = 7$ $ Rightarrow c = – 1$ $ Rightarrow f(x) = {x^3} – 1.$
Khi đó $I = int_0^2 f (x)dx$ $ = int_0^2 {left( {{x^3} – 1} right)dx} = 2.$Ví dụ 5. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên đoạn $[0;1]$ thỏa mãn $int_0^1 f (x)dx = 2.$ Biết $int_0^1 x f(x)dx = frac{7}{6}$ và $int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} = frac{{13}}{3}.$ Tính tích phân $I = int_0^1 {{{[f(x)]}^3}dx} .$Nhận xét: Giả thiết chứa ${[f(x)]^2}$, $xf(x)$ và $f(x)$ nên ta tạo bình phương dạng ${[f(x) + ax + b]^2}.$ Ta chọn $a$, $b$ sao cho $int_0^1 {{{[f(x) + ax + b]}^2}dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^1 {left( {{{[f(x)]}^2} + 2axf(x) + 2bf(x) + 2abx + {a^2}{x^2} + {b^2}} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ + 2aint_0^1 x f(x)dx$ $ + 2bint_0^1 f (x)dx$ $ + 2abint_0^1 x dx$ $ + int_0^1 {left( {{a^2}{x^2} + {b^2}} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow frac{{13}}{3} + 2a.frac{7}{6} + 4b + ab + frac{{{a^2}}}{3} + {b^2} = 0$ $ Leftrightarrow {a^2} + (3b + 7)a + 3{b^2} + 12b + 13 = 0.$
Để có $a$ thì $Delta = {(3b + 7)^2} – 4left( {3{b^2} + 12b + 13} right) ge 0$ $ Leftrightarrow – 3{(b + 1)^2} ge 0$ $ Leftrightarrow b = – 1$ $ Rightarrow a = – 2$, từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $int_0^1 {{{[f(x) – 2x – 1]}^2}dx} $ $ = int_0^1 {left( {{{[f(x)]}^2} – 4xf(x) – 2f(x) + 4x + 4{x^2} + 1} right)dx} .$
$ = int_0^1 {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ – 4int_0^1 x f(x)dx$ $ – 2int_0^1 f (x)dx$ $ + 4int_0^1 {xdx} $ $ + int_0^1 {left( {4{x^2} + 1} right)dx} = 0.$
$ = frac{{13}}{3} – 4.frac{7}{6} – 4 + 2 + frac{4}{3} + 1 = 0$ $ Rightarrow f(x) = 2x + 1.$
Khi đó $I = int_0^1 {{{[f(x)]}^3}dx} $ $ = int_0^1 {{{(2x + 1)}^3}} dx = 10.$Ví dụ 6. Cho hàm số $f(x)$ liên tục trên đoạn $left[ {0;frac{pi }{2}} right]$ thỏa mãn $int_0^{frac{pi }{2}} f (x)dx = frac{pi }{2} + 1$, $int_0^{frac{pi }{2}} {sin x.f(x)dx} $ $ = frac{pi }{4} + 1$ và $int_0^{frac{pi }{2}} {{{[f(x)]}^2}dx} = frac{{3pi }}{4} + 2.$ Tính tích phân $I = int_0^{frac{pi }{2}} f (x).cos xdx.$Nhận xét: Giả thiết chứa ${[f(x)]^2}$, $sin x.f(x)$ và $f(x)$ nên ta tạo bình phương dạng ${[f(x) + asin x + b]^2}$, ta chọn $a$, $b$ sao cho $int_0^{frac{pi }{2}} {{{[f(x) + asin x + b]}^2}dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{{[f(x)]}^2} + 2asin xf(x) + 2bf(x) + 2absin x + {a^2}{{sin }^2}x + {b^2}} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ + 2aint_0^{frac{pi }{2}} {sin xf(x)dx} $ $ + 2bint_0^{frac{pi }{2}} f (x)dx$ $ + 2abint_0^{frac{pi }{2}} {sin xdx} $ $ + int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{a^2}{{sin }^2}x + {b^2}} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow frac{{3pi }}{4} + 2$ $ + 2aleft( {frac{pi }{4} + 1} right)$ $ + 2bleft( {frac{pi }{2} + 1} right)$ $ + 2ab + frac{{pi {a^2}}}{4}$ $ + frac{{pi {b^2}}}{2} = 0.$
$ Leftrightarrow pi {(a + 1)^2}$ $ + 8(a + 1)(b + 1)$ $ + 2pi {(b + 1)^2} = 0.$
Để có $a$ thì $Delta ‘ = 16{(b + 1)^2} – 2{pi ^2}{(b + 1)^2} ge 0$ $ Leftrightarrow left( {16 – 2{pi ^2}} right){(b + 1)^2} ge 0$ $ Leftrightarrow b = – 1$ $ Rightarrow a = – 1.$ Từ đó ta có lời giải.Lời giải: Ta có $int_0^{frac{pi }{2}} {{{[f(x) – sin x – 1]}^2}dx} $ $ = int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{{[f(x)]}^2} – 2sin xf(x) – 2f(x) + 2sin x + {{sin }^2}x + 1} right)dx} = 0.$
$ Leftrightarrow int_0^{frac{pi }{2}} {{{[f(x)]}^2}dx} $ $ – 2int_0^{frac{pi }{2}} {sin xf(x)dx} $ $ – 2int_0^{frac{pi }{2}} f (x)dx$ $ + 2int_0^{frac{pi }{2}} {sin xdx} $ $ + int_0^{frac{pi }{2}} {left( {{{sin }^2}x + 1} right)dx.} $
$ = frac{{3pi }}{4} + 2$ $ – 2left( {frac{pi }{4} + 1} right)$ $ – 2left( {frac{pi }{2} + 1} right)$ $ + 2 + frac{{3pi }}{4} = 0$ $ Rightarrow f(x) = sin x + 1.$
Ta có: $I = int_0^{frac{pi }{2}} {(sin x + 1)} cos xdx = frac{3}{2}.$
Be the first to comment